leetcod算法题
1. 环形链表
给你一个链表的头节点 head ,判断链表中是否有环。
如果链表中有某个节点,可以通过连续跟踪 next 指针再次到达,则链表中存在环。 为了表示给定链表中的环,评测系统内部使用整数 pos 来表示链表尾连接到链表中的位置(索引从 0 开始)。注意:pos 不作为参数进行传递 。仅仅是为了标识链表的实际情况。
如果链表中存在环 ,则返回 true 。 否则,返回 false 。
输入:head = [3,2,0,-4], pos = 1
输出:true
解释:链表中有一个环,其尾部连接到第二个节点。
输入:head = [1,2], pos = 0
输出:true
解释:链表中有一个环,其尾部连接到第一个节点。
输入:head = [1], pos = -1
输出:false
解释:链表中没有环。
思路:
- 这道题好像有点简单,就是循环判断链表,直到节点被重复出现
- 这道题坑点在于pos,pos可以指定从链表的某个节点开始,链表不再是从0开始遍历,所以这里不要通过判断最后一节点.next不为空判断是否为循环,因为你压根不知道哪个节点是最后一个节点
var hasCycle = function(head) {
let current = head;
const set = new Set();
while(current){
if(set.has(current)){
return true;
}
set.add(current);
current = current.next;
}
return false;
};
优化占有空间,借鉴官方解答,使用快慢指针,当快指针等于慢指针,就是循环链表
var hasCycle = function(head) {
if(head === null || head.next === null){
return false;
}
let current = head; //慢指针
let next = head.next; // 快指针
while(current != next){
if(next === null || next.next == null){
return false;
}
current = current.next;// 慢指针走一步
next = next.next.next; // 快指针走两步
}
return true;
};
个人觉得肯定还有更加奇葩的实现方式,主要是leetcode这个题目描述太过玄幻了,pos我看了好久都没有明白是什么意思。我建议可以这么描述:
我们会从链表中从第pos个节点开始遍历验证你的算法是否能够验证head链表是环形链表,如:真实的head[1,2,3,4] 传入, pos=1,那么此时函数 传入的head为[2,3,4], 你需要判断head是否为环形链表。
2.删除排序链表中的重复元素
给定一个已排序的链表的头 head , 删除所有重复的元素,使每个元素只出现一次 。返回已排序的链表 。
示例 1:
输入:head = [1,1,2]
输出:[1,2]
示例 2:
输入:head = [1,1,2,3,3]
输出:[1,2,3]
思路:
- 有序链表,那么只要有一个重复,那么直接
next
节点指向下一个即可
class Solution {
deleteDuplicate(head: LinkNode) : LinkNode{
current = head
if(head === null || current.next === null){
return head;
}
while(current.next !== null){
const nextNode = current.next;
while(current.value === nextNode.value){
current = nextNode;
nextNode = current.next;
}
current = nextNode;
}
return head;
}
}
3.合并两个有序链表
将两个升序链表合并为一个新的 升序 链表并返回。新链表是通过拼接给定的两个链表的所有节点组成的。
示例 1:
输入:l1 = [1,2,4], l2 = [1,3,4]
输出:[1,1,2,3,4,4]
示例 2:
输入:l1 = [], l2 = []
输出:[]
示例 3:
输入:l1 = [], l2 = [0]
输出:[0]
提示:
- 两个链表的节点数目范围是 [0, 50]
- -100 <= Node.val <= 100
- l1 和 l2 均按 非递减顺序 排列
思路:
递归思路
- 链表有序的,确定谁是第一个head节点
- 然后重复比较 剩余的链表 与 非第一个节点的链表,返回的节点 作为上一次比较得出节点的next
- 当然需要退出循环比较,就是当其中一个链表为null时候 直接返回非null的链表
循环思路
- 新建一个空链表,新建一个临时节点 = 空链表
- 将临时节点next节点指向比较两个链表较小节点,
- 同时将临时节点指向自身的next节点,形成链表结构
- 然后将较小链接节点下移到下一个next节点,直到其中一个链表为null
- 最后将临时节点的next节点指向非null的链表
- 返回空链接的next节点就是排序好的合并链表
/*
* @lc app=leetcode.cn id=21 lang=javascript
*
* [21] 合并两个有序链表
*/
// @lc code=start
/**
* Definition for singly-linked list.
* function ListNode(val, next) {
* this.val = (val===undefined ? 0 : val)
* this.next = (next===undefined ? null : next)
* }
*/
/**
* @param {ListNode} list1
* @param {ListNode} list2
* @return {ListNode}
*/
var mergeTwoLists = function(list1, list2) {
if(list1 === null || list2 === null){
return list1 || list2;
}
// 判断谁是第一个节点,然后做递归比较,将下一个节点作为第一个节点比较
if(list1.val > list2.val){
const nextNode = list2.next;
list2.next = mergeTwoLists(list1, nextNode);
return list2;
}else {
const nextNode = list1.next;
list1.next = mergeTwoLists(nextNode, list2);
return list1;
}
};
// @lc code=end
// 第二种解题思路 循环
var mergeTwoLists = function(list1, list2) {
// 新建一个空链表
let head = new ListNode(-1);
// 空链表当前节点
let current = head;
while(list1 != null && list2 != null){
// 比较大小,较小者移动到下个位置直到不为空,将空链表的下一个节点指向较小者链表节点
if(list1.val > list2.val){
current.next = list2;
list2 = list2.next;
}else{
current.next = list1;
list1 = list1.next;
}
// 将当前节点指向下一个节点,形成指向链表
current = current.next;
}
current.next = list1 === null ? list2: list1;
return head.next;
};
4. 合并K个升序链表
Category Difficulty Likes Dislikes algorithms Hard (55.85%) 2287 - Tags Companies 给你一个链表数组,每个链表都已经按升序排列。 请你将所有链表合并到一个升序链表中,返回合并后的链表。
示例 1: 输入:lists = [[1,4,5],[1,3,4],[2,6]] 输出:[1,1,2,3,4,4,5,6] 解释:链表数组如下:
[ 1->4->5, 1->3->4, 2->6 ]
将它们合并到一个有序链表中得到。
1->1->2->3->4->4->5->6
示例 2:
输入:
lists = []
输出:
[]
示例 3:
输入:
lists = [[]]
输出:
[]
提示:
- k == lists.length
- 0 <= k <= 10^4
- 0 <= lists[i].length <= 500
- -10^4 <= lists[i][j] <= 10^4
- lists[i] 按 升序 排列
- lists[i].length 的总和不超过 10^4
思路:
- 有了上一题的思路,就是通过循环计算出两个有序链表的合并
- 那么这一题的思路很简单,就是将当前数组链表拆分成两个为一组进行循环合并成一个链表,然后添加到一个新的链表数组中
- 接着继续对新的链表数组进行合并计算,直到数组的长度等于1
- 直接返回数组[0],即可获得有序链表数组合并结果链表
假设每个链表的最长长度是 n,数组的长度是k, 那么第一次合并链表的, 合并动作k/2次, 合并两个链表时间代价为 O(n), 那么第一次合并时间代价为O(k/2 n ), 第二次合并动作次数为k/4, 合并两个链表时间代价为 O(n), 第二次合并时间代价为O(k/4 n ), 到了最后k次合并代价动作次数为1, 合并时间代价为O(1 * n )。
所以计算总时间代价为: O(k/2 n ) + O(k/4 n ) + ... O(1n) = O(nk (1/2 + 1 /4 + ... + 1)) = O(nk * log k)
时间复杂度为:O(nk * log k)
/*
* @lc app=leetcode.cn id=23 lang=javascript
*
* [23] 合并K个升序链表
*/
// @lc code=start
/**
* Definition for singly-linked list.
* function ListNode(val, next) {
* this.val = (val===undefined ? 0 : val)
* this.next = (next===undefined ? null : next)
* }
*/
/**
* @param {ListNode[]} lists
* @return {ListNode}
*/
var mergeKLists = function(lists) {
const len = lists.length;
// 如果长度为0 直接返回null
if(len <= 0){
return null;
}
// 如果长度为1 直接返回第一个链表 即可结束递归
if(len === 1){
return lists[0];
}
const newList = []
for(let i = 0;i<len;i+=2){
// 拆成两个比较链表,按照21提的循环算法比较,构造新的合并有序链表
const head = new ListNode(-1);
let current = lists[i];
let next = lists[i+1];
let prev = head;
while(current != null && next != null){
if(current.val > next.val){
prev.next = next
next = next.next;
}else{
prev.next = current;
current =current.next;
}
prev = prev.next;
}
prev.next = current === null ? next : current;
// 取得两个合并升序链表 加到新的链表中, 如果是空链表不加入
if(head.next){
newList.push(head.next);
}
}
// 采用递归方式继续比较合并 直到长度=1 返回
return mergeKLists(newList);
};
// @lc code=end
5. 反转链表
给你单链表的头节点 head ,请你反转链表,并返回反转后的链表。
输入:head = [1,2,3,4,5]
输出:[5,4,3,2,1]
输入:head = [1,2]
输出:[2,1]
输入:head = []
输出:[]
提示:
- 链表中节点的数目范围是 [0, 5000]
- -5000 <= Node.val <= 5000
思路:
- 按照顺序思路,
[1,2,3]
中,将1
节点作为,假设current
前有个prev
空节点 - 第一步,将
prev
节点null
设置为current
节点1
的next
节点 - 第二步,将
1
节点作为next
节点2
的prev
节点 - 第三步,将
next
节点2
赋值给为current
节点 - 重复步骤1/2/3步骤,直到
current
节点为空 - 最终
prev
节点保存的就是反转后的链表了
var reverseList = function(head) {
if(!head || !head.next){
return head;
}
// 当前节点
let current = head;
// 当前节点的前一个节点
let prev = null;
while(current){
const next = current.next;
// 将当前节点的下一个节点指向上一个节点
current.next = prev;
// 将当前节点作为下一个节点
prev = current;
// 将下一个节点作为当前节点
current = next;
}
// 将反转后的节点返回
return prev;
};
还有一种递归的思路,就是将最后移动到第一个,然后将原有链表最后一个删除,重复遍历链表。
// 这个复杂度很高 O(n^2) 应该还有优化的空间
var reverseList = function(head) {
let current = head;
let prevNode = null;
let lastNode = null;
while(current){
const next = current.next;
if(!next){
lastNode = current;
}else{
if(!next.next){
prevNode = current;
}
}
current =current.next;
}
if(!prevNode && !lastNode){
return null;
}
if(!prevNode && lastNode){
return lastNode;
}
// 删除掉最后一个节点
prevNode.next = null;
// 已经删除掉最后一个节点的链表
lastNode.next = reverseList(head);
return lastNode;
};
// @lc code=end
优化递归思路:
- 上一个递归算法主要拆分子问题的时候,还需要对剩余链表遍历
- 那么如果递归的时候不需要对链表遍历,只需要将子问题归纳到2个节点互换顺序,是不是可以解决了
var reverseList = function(head) {
// 遍历到只剩下一个节点 直接返回
if(head === null || head.next === null){
return head;
}
// 第1次回归 head = 5 , newList = [5]
// 第2次回归 head = [4, 5], 我们需要将反转两者的顺序,把4节点挪到5的后面,就是head.next.next = head, newList = [5,4 ]
// 第3次回归 head = [3, 4], 因为在上一次回归中已经把4挪到最后一个节点了,所以这次只需要把3挪到4的后面 newList = [5,4, 3]
// 第4次回归 head = [2 ,3], 同理3挪到2的后面 newList = [5,4, 3, 2]
// 第5次回归 head = [1, 2], 同理2挪到1的后面,newList = [5,4, 3, 2, 1]
const newList = reverseList(head.next);
// 获取下一个节点
const next = head.next;
// 将head挪到下个节点后面
next.next = head;
// 同事将head的next置空
head.next = null;
return newList;
};
6. K 个一组翻转链表
给你链表的头节点 head ,每 k 个节点一组进行翻转,请你返回修改后的链表。
k 是一个正整数,它的值小于或等于链表的长度。如果节点总数不是 k 的整数倍,那么请将最后剩余的节点保持原有顺序。
你不能只是单纯的改变节点内部的值,而是需要实际进行节点交换。
输入:head = [1,2,3,4,5], k = 2
输出:[2,1,4,3,5]
输入:head = [1,2,3,4,5], k = 3
输出:[3,2,1,4,5]
提示:
- 链表中的节点数目为 n
- 1 <= k <= n <= 5000
- 0 <= Node.val <= 1000
思路:
- 先将链表拆成K个子链表,建个指针,当等于K,拆出一个临时子链表
tempList
进行反转 - 新建新链表的第一个节点
firstNode
,以及临时链表最后一个节点lastNode
- 最后判断临时子链表是否为空,不为空则将最后一个节点
lastNode
的next节点指向tempList
PS:这样子设计代码比较冗余很多变量,看看优化方案
var reverseKGroup = function (head, k) {
if (head === null || head.next === null) {
return head;
}
let current = head;
let index = 1;
let tempList = null;
let lastNode = null;
let firstNode = null;
while (current) {
if (index === 1) {
tempList = current;
}
let next = current.next;
if (index === k) {
// 开始反转 切断链表
current.next = null;
let returncurrent = tempList;
let prev = null;
// 需要把prev的当成current的下个节点
while (returncurrent) {
const next = returncurrent.next;
// 把前一个节点挪到当前节点后面
returncurrent.next = prev;
// 把当前节点当成前一个节点
prev = returncurrent;
// 把下个节点作为当前节点
returncurrent = next;
}
if(lastNode !== null){
lastNode.next = prev;
}
if (firstNode === null) {
firstNode = prev;
}
// 反转完的节点为prev
index = 0;
tempList = null;
// lastNode指向最后一个节点
while (prev.next) {
prev = prev.next;
}
lastNode = prev;
}
index++;
current = next;
}
if (tempList) {
lastNode.next = tempList;
}
return firstNode;
};
优化代码设计方案思路:
- 上面解决答案,新建很多变量,看起来比较难懂,将代码重新设计一下会比较简洁
7. 旋转链表
给你一个链表的头节点 head ,旋转链表,将链表每个节点向右移动 k 个位置。
输入:head = [1,2,3,4,5], k = 2
输出:[4,5,1,2,3]
输入:head = [0,1,2], k = 4
输出:[2,0,1]
思路:
- 拆分两个问题,一个是将链表右移动,一个移动K次
- 抽出链表像右移动函数,很简单,只需要将最后一节点放到第一个即可
- 移动K次,可以简单计算一下,如果移动次数大于链表长度Len,即是移动链表的长度倍数,其实只需要移动
K%Len
次数
代码实现:
/**
* Definition for singly-linked list.
* function ListNode(val, next) {
* this.val = (val===undefined ? 0 : val)
* this.next = (next===undefined ? null : next)
* }
*/
/**
旋转链表, 从第i个位置开始旋转
*/
var rotateNode = function (head) {
if (head === null || head.next === null) {
return head;
}
let current = head;
let prevNode = null;
while (current.next) {
if(!current.next.next){
prevNode = current;
}
current = current.next;
}
if(prevNode === current){
current.next = head;
head.next = null;
}else{
current.next = head;
prevNode.next = null;
}
return current;
}
/**
* @param {ListNode} head
* @param {number} k
* @return {ListNode}
*/
var rotateRight = function (head, k) {
// 如果链表的长度小于k 那么只需要取k%len的余数旋转即可
if (head === null || head.next === null ) {
return head;
}
let current = head;
let len = 0;
while (current) {
len++;
current = current.next;
}
let minRotate = k;
if (k > len) {
minRotate = k % len;
}
let result = head;
for (let i = 0; i < minRotate; i++) {
result = rotateNode(result);
}
return result;
};
换一种思路,可以减少循环次数:
- 如果是将链表向右移动K次,其实就是将链表倒数的第K个节点放到head节点,其余放到按照顺序衔接
- 抽象的说,截取倒数第K个节点为temp,同时将head节点最后一个节点的next
var rotateRight = function (head, k) {
// 如果链表的长度小于k 那么只需要取k%len的余数旋转即可
if (head === null || head.next === null || k === 0) {
return head;
}
let current = head;
let len = 0;
while (current) {
len++;
current = current.next;
}
let minRotate = k;
if (k > len) {
minRotate = k % len;
}
const splitIndex = len - minRotate;
if(splitIndex === 0 || minRotate === 0){
return head;
}
current = head;
let tempIndex = 0;
let prevNode = null;
let startNode = null;
let lastNode = null;
while(current){
if(tempIndex === splitIndex - 1){
prevNode = current;
}
if(tempIndex === splitIndex){
startNode = current
}
tempIndex++;
current = current.next;
if(current && current.next === null){
lastNode = current
}
}
prevNode.next = null;
lastNode.next = head;
return startNode;
};
8.分隔链表
给你一个链表的头节点 head 和一个特定值 x ,请你对链表进行分隔,使得所有 小于 x 的节点都出现在 大于或等于 x 的节点之前。
你应当 保留 两个分区中每个节点的初始相对位置。
输入:head = [1,4,3,2,5,2], x = 3
输出:[1,2,2,4,3,5]
输入:head = [2,1], x = 2
输出:[1,2]
思路:
- 首先是要找出所有小于x值的节点,其次是按照原有的节点顺序进行依次插入到新的链表中并返回
- 其实链表就两个操作,确定head,已经将节点插入准确的位置
- 从现有的链表按照要求制造新的两个链表,符合要求和不符合要求
- 同时将符合要求的链表的next节点指向不符合要求的链表
PS: 如何快速构建一个新的链表?
- 新建一个空节点
current
,将空节点赋予给head
节点,let current = new ListNode(-1); const head = current;
- 如果新增一个节点,只需要操作:
current.next = newNode; current = current.next;
- 最终返回
head.next
就是一个新的链表
实现代码:
/**
* Definition for singly-linked list.
* function ListNode(val, next) {
* this.val = (val===undefined ? 0 : val)
* this.next = (next===undefined ? null : next)
* }
*/
/**
* @param {ListNode} head
* @param {number} x
* @return {ListNode}
*/
var partition = function (head, x) {
if (head === null || head.next === null) {
return head;
}
let current = head;
let rightNode = new ListNode(-1);
const rightHead = rightNode;
let notRightNode = new ListNode(-1);
const notRightHead = notRightNode;
while (current) {
if (current.val < x) {
rightNode.next = new ListNode(current.val);
rightNode = rightNode.next;
} else {
notRightNode.next = new ListNode(current.val);
notRightNode = notRightNode.next;
}
current = current.next;
}
if (rightHead.next === null) {
return head;
}
if(notRightHead.next === null){
return rightHead.next;
}
// 拼凑两个链表
rightNode.next = notRightHead.next;
return rightHead.next;
};